Toptailieu.vn biên soạn và giới thiệu giải Sách bài tập Toán 11 Bài 2: Biến cố hợp và quy tắc cộng xác suất sách Chân trời sáng tạo hay nhất, chi tiết sẽ giúp học sinh dễ dàng làm các bài tập từ đó nâng cao kiến thức và biết cách vận dụng phương pháp giải vào các bài tập trong SBT Toán 11 Bài 2.

SBT Toán 11 (Chân trời sáng tạo) Bài 2: Biến cố hợp và quy tắc cộng xác suất

Bài 1 trang 99 SBT Toán 11 Tập 2: Trong một cuộc gặp mặt có 63 đoàn viên tham dự, trong đó có 25 người đến từ miền bắc, 19 người đến từ miền Nam và 19 người đến từ miền Trung.

a) Gặp ngẫu nhiên 1 đoàn viên trong cuộc gặp mặt, tính xác suất của biến cố “Đoàn viên được gặp đến từ miền Nam hoặc miền Trung”.

b) Gặp ngẫu nhiên 2 đoàn viên trong cuộc gặp mặt, tính xác suất của biến cố “Hai đoàn viên được gặp cùng đến từ miền Bắc hoặc cùng đến từ miền Nam”.

Lời giải:

a) Không gian mẫu của phép thử là $n\left(\Omega \right)=63$.

Xác suất của biến cố “Đoàn viên được gặp đến từ miền Nam” là $\frac{19}{63}$.

Xác suất của biến cố “Đoàn viên được gặp đến từ miền Trung” là $\frac{19}{63}$.

Xác suất của biến cố “Đoàn viên được gặp đến từ miền Nam hoặc miền Trung” là: $\frac{19}{63}+\frac{19}{63}=\frac{38}{63}$.

b) Không gian mẫu của phép thử là $n\left(\Omega \right)=C_{63}^2.$

Số trường hợp xảy ra của biến cố “ Hai đoàn viên được gặp cùng đến từ miền Bắc” là $C_{25}^2$.

Xác suất của biến cố “ Hai đoàn viên được gặp cùng đến từ miền Bắc” là $\frac{C_{25}^2}{C_{63}^2}=\frac{100}{651}$.

Số trường hợp xảy ra của biến cố “ Hai đoàn viên được gặp cùng đến từ miền Nam” là $C_{19}^2$.

Xác suất của biến cố “ Hai đoàn viên được gặp cùng đến từ miền Nam” là $\frac{C_{19}^2}{C_{63}^2}=\frac{19}{217}$.

Xác suất của biến cố “Hai đoàn viên được gặp cùng đến từ miền Bắc hoặc cùng đến từ miền Nam” là $\frac{100}{651}+\frac{19}{217}=\frac{157}{651}$.

Bài 2 trang 99 SBT Toán 11 Tập 2: Một túi chứa 2 viên bi xanh, 5 viên bi đỏ và 3 viên bi vàng có cùng kích thước và khối lượng. Chọn ra ngẫu nhiên 3 viên bi từ túi. Tính xác suất của các biến cố:

a) “Cả 3 viên bi lấy ra đều có cùng màu”.

b) “Có không quá 1 viên bi xanh trong 3 viên bi lấy ra”.

c) “Có đúng 2 màu trong 3 viên bi lấy ra”.

Lời giải:

a) Không gian mẫu của phép thử là $n\left(\Omega \right)=C_{10}^2.$

Số trường hợp xảy ra của biến cố “Cả 3 viên bi lấy ra đều có màu đỏ” là $C_5^3$.

Xác suất của biến cố “Cả 3 viên bi lấy ra đều có màu đỏ” là $\frac{C_5^3}{C_{10}^3}=\frac{1}{12}$.

Số trường hợp xảy ra của biến cố “Cả 3 viên bi lấy ra đều có màu đỏ” là $C_3^3$.

Xác suất của biến cố “Cả 3 viên bi lấy ra đều có màu vàng” là $\frac{C_3^3}{C_{10}^3}=\frac{1}{120}$.

Xác suất của biến cố “Cả 3 viên bi lấy ra đều có cùng màu” là $\frac{1}{12}+\frac{1}{120}=\frac{11}{120}$.

b) Số trường hợp xảy ra của biến cố “Không có viên bi xanh nào được lấy ra” là $C_8^3$.

Xác suất của biến cố “Không có viên bi xanh nào được lấy ra” là

$\frac{C_8^3}{C_{10}^3}=\frac{7}{15}$.

Số trường hợp xảy ra của biến cố “Không có viên bi xanh nào được lấy ra” là $2C_8^2$.

Xác suất của biến cố “Chỉ có một viên bi xanh được lấy ra” là $\frac{2C_8^2}{C_{10}^3}=\frac{7}{15}$.

Xác suất của biến cố “Có không quá 1 viên bi xanh trong 3 viên bi lấy ra” là $\frac{7}{15}+\frac{7}{15}=\frac{14}{15}$.

c) Gọi A là biến cố “Có đúng 2 màu trong 3 viên bi lấy ra”; B là biến cố “Cả 3 viên bi lấy ra có cùng màu” và C là biến cố “3 viên bi lấy ra có cả 3 màu”.

Ta thấy $A=B\cup C$. Khi đó: $P\left(B\right)=\frac{11}{120}$;

Số trường hợp xảy ra của biến cố C là $n\left(C\right)=C_2^1{C}_5^1{C}_3^1$.

$P\left(C\right)=\frac{C_2^1{C}_5^1{C}_3^1}{C_{10}^3}=\frac{1}{4}$.

Do B và C là hai biến cố xung khắc nên

$P\left(A\right)=P\left(B\cup C\right)=P\left(B\right)+P\left(C\right)=\frac{11}{120}+\frac{1}{4}=\frac{41}{120}$.

Vậy xác suất của biến cố “Có đúng 2 màu trong 3 viên bi lấy ra” là $\frac{41}{120}$.

Bài 3 trang 100 SBT Toán 11 Tập 2: Thanh có 4 tấm thẻ được đánh số 1, 3, 4, 7. Thanh lấy ra 3 trong 4 thẻ và xếp chúng thành một hàng ngang một cách ngẫu nhiên để tạo thành một số có 3 chữ số. Tính xác suất của biến cố A: “Số tạo thành chia hết cho 2 hoặc 3”.

Lời giải:

Không gian mẫu của phép thử là $n\left(\Omega \right)=\mathrm{4.3.2}=24$ (số).

Gọi B là biến cố “Số tạo thành chia hết cho 2”, C là biến cố “Số tạo thành chia hết cho 3”.

Do đó, BC là biến cố “Số tạo thành chia hết cho 6”.

Biến cố B xảy ra khi chữ số hàng đơn vị của số tạo thành là 4, có thể xếp được $n\left(B\right)=3.2=6$ số chia hết cho 2 nên $P\left(B\right)=\frac{6}{24}=\frac{1}{4}$.

Biến cố B xảy ra khi 3 chữ số của số tạo thành là 1, 4, 7, có thể xếp được $n\left(B\right)=3.2=6$ số chia hết cho 3 nên $P\left(C\right)=\frac{6}{24}=\frac{1}{4}$.

Có thể tạo thành 2 số chia hết cho 6 là 714 và 174 nên $P\left(BC\right)=\frac{2}{24}=\frac{1}{12}$.

Vậy$P\left(A\right)=P\left(B\cup C\right)=P\left(B\right)+P\left(C\right)-P\left(BC\right)=\frac{1}{4}+\frac{1}{4}-\frac{1}{12}=\frac{5}{12}$.

Bài 4 trang 100 SBT Toán 11 Tập 2: Cho A và B là hai biến cố độc lập với nhau.

a) Biết P(A) = 0,4 và P($\overline{A}B$) = 0,3. Tính xác suất của các biến cố B và $A\cup B$.

b) Biết P($\overline{A}B$) = 0,4 và P($A\cup B$) = 0,9. Tính xác suất của các biến cố A, B và AB.

Lời giải:

Vì A và B là hai biến cố độc lập nên $\overline{A}$ và B; A và $\overline{B}$; $\overline{A}$ và $\overline{B}$ cũng độc lập.

a) Ta có $P\left(\overline{A}\right)=1-P\left(A\right)=1-\mathrm{0,4}=\mathrm{0,6}$.

• $\overline{A}$ và B độc lập nên $P\left(B\right)=\frac{P\left(\overline{A}B\right)}{P\left(A\right)}=\frac{\mathrm{0,3}}{\mathrm{0,6}}=\mathrm{0,5}$.

•A và B độc lập nên $P\left(A\cup B\right)=P\left(A\right)+P\left(B\right)-P\left(A\right)P\left(B\right)$

$=\mathrm{0,4}+\mathrm{0,5}-\mathrm{0,4.0,5}=\mathrm{0,7}$.

b) Vì $\overline{A}$ và B độc lập nên $P\left(\overline{A}B\right)=P\left(\overline{A}\right).P\left(B\right)=\mathrm{0,4}$

Hay $P\left(B\right)=\frac{\mathrm{0,4}}{P\left(\overline{A}\right)}=\frac{\mathrm{0,4}}{1-P\left(A\right)}$.

Khi đó $P\left(A\cup B\right)=P\left(A\right)+P\left(B\right)-P\left(A\right)P\left(B\right)=\mathrm{0,9}$

$\iff P\left(A\right)+\frac{\mathrm{0,4}}{1-P\left(A\right)}-P\left(A\right).\frac{\mathrm{0,4}}{1-P\left(A\right)}=\mathrm{0,9}$

$\iff \frac{5P\left(A\right)+2}{5}=\mathrm{0,9}$

$\iff P\left(A\right)=\mathrm{0,5}$.

Với$P\left(A\right)=\mathrm{0,5}\Rightarrow P\left(B\right)=\frac{\mathrm{0,4}}{\mathrm{0,5}}=\mathrm{0,8}$; $P\left(AB\right)=P\left(A\right).P\left(B\right)=\mathrm{0,5.0,8}=\mathrm{0,4}$.

Bài 5 trang 100 SBT Toán 11 Tập 2: Một hộp chứa 10 quả bóng xanh và 10 quả bóng đỏ có kích thước và khối lượng như nhau. Lấy ra ngẫu nhiên đồng thời 5 quả bóng từ hộp. Sử dụng sơ đồ hình cây, tính xác suất của biến cố “Có ít nhất 3 quả bóng xanh trong 5 quả bóng lấy ra”.

Lời giải:

Không gian mẫu của phép thử là $C_{20}^5$.

Sơ đồ hình cây số trường hợp của các biến cố:

Khi đó, xác suất của biến cố “Có ít nhất 3 quả bóng xanh trong 5 quả bóng lấy ra” là: $\frac{C_{10}^3{C}_{10}^2+C_{10}^4{C}_{10}^1+C_{10}^5}{C_{20}^5}=\frac{1}{2}$.

Vậy xác suất của biến cố “Có ít nhất 3 quả bóng xanh trong 5 quả bóng lấy ra” là $\frac{1}{2}.$

Bài 6 trang 100 SBT Toán 11 Tập 2: Châu gieo một con xúc xắc cân đối và đồng chất liên tiếp cho đến khi xuất hiện mặt 6 chấm thì dừng lại. Sử dụng sơ đồ hình cây, tính xác suất của biến cố “Châu phải gieo không quá 3 lần để xuất hiện mặt 6 chấm”.

Lời giải:

Sơ đồ hình cây:

Xác suất của biến cố “Châu phải gieo không quá 3 lần để xuất hiện mặt 6 chấm” là:

$\frac{1}{6}+\frac{5}{6}.\frac{1}{6}+{\left(\frac{5}{6}\right)}^2.\frac{1}{6}+{\left(\frac{5}{6}\right)}^3=\frac{91}{216}$.

Vậy xác suất của biến cố “Châu phải gieo không quá 3 lần để xuất hiện mặt 6 chấm” là $\frac{91}{216}$.

Bài 7 trang 100 SBT Toán 11 Tập 2: Trong một trò chơi, Dương chọn ra 5 số từ 100 số tự nhiên đầu tiên. Sau đó, người ta chọn ra ngẫu nhiên 3 số may mắn từ 100 số tự nhiên đầu tiên đó. Tính xác suất của các biến cố:

A: “Không có số may mắn nào trong 5 số Dương đã chọn”;

B: “Có đúng 1 số may mắn trong 5 số Dương đã chọn”.

Lời giải:

Không gian mẫu của phép thử là $n\left(\Omega \right)=C_{100}^{95}.$

Biến cố A xảy ra khi 3 số may mắn nằm trong 95 số mà Dương không chọn. Số trường hợp xảy ra của biến cố A là $n\left(C\right)=C_{95}^3$.

Do đó xác suất của biến cố A là: $P\left(A\right)=\frac{C_{95}^3}{C_{100}^3}\approx \mathrm{0,856}$.

Biến cố B xảy ra khi trong 3 số may mắn, có 1 số Dương đã chọn, 2 số còn lại nằm trong 95 số mà Dương không chọn. Số trường hợp xảy ra của biến cố B là $n\left(B\right)=C_{95}^1.C_{95}^2$.

Do đó, xác suất của biến cố B là: $P\left(B\right)=\frac{C_{95}^1{C}_{95}^2}{C_{100}^3}\approx \mathrm{0,138}$.

Bài 8 trang 100 SBT Toán 11 Tập 2: Một hộp chứa 3 quả bóng xanh và một số quả bóng đỏ có cùng kích thước và khối lượng. Lấy ra ngẫu nhiên 2 quả bóng từ hộp. Biết rằng xác suất của biến cố “Lấy được 2 quả bóng đỏ” gấp 5 lần xác suất của biến cố “Lấy được 2 quả bóng xanh”. Tính xác suất của biến cố “Lấy được 2 quả bóng có cùng màu”.

Lời giải:

Gọi n là số quả bóng đỏ trong hộp. Tổng số quả bóng trong hộp là n+3 quả.

Không gian mẫu của phép thử là $n\left(\Omega \right)=C_{n+3}^2.$

Số trường hợp xảy ra của biến cố “Lấy được 2 quả bóng xanh” là $C_3^2$.

Xác suất lấy được 2 quả bóng xanh là $\frac{C_3^2}{C_{n+3}^2}$.

Số trường hợp xảy ra của biến cố “Lấy được 2 quả bóng đỏ” là $C_n^2$.

Xác suất lấy được 2 quả bóng đỏ là $\frac{C_n^2}{C_{n+3}^2}$.

Theo đề bài, ta có:

$\frac{C_3^2}{C_{n+3}^2}.5=\frac{C_n^2}{C_{n+3}^2}\iff \frac{n\left(n-1\right)}{2}=15\iff n=6$ (chọn) hoặc n = 5 (loại).

Khi đó, xác suất của biến cố “Lấy được 2 quả bóng có cùng màu” là

$\frac{C_3^2}{C_{n+3}^2}+\frac{C_n^2}{C_{n+3}^2}=\frac{C_3^2}{C_{6+3}^2}+\frac{C_6^2}{C_{6+3}^2}=\frac{C_3^2}{C_9^2}+\frac{C_6^2}{C_9^2}=\mathrm{0,5}$.

Vậy xác suất của biến cố “Lấy được 2 quả bóng có cùng màu” là 0,5.

Bài 9 trang 100 SBT Toán 11 Tập 2: Gieo ngẫu nhiên 3 con xúc xắc cân đối và đồng chất. Tính xác suất của biến cố A: “Tích số chấm xuất hiện trên mỗi con xúc xắc chia hết cho 15”.

Lời giải:

Gọi B là biến cố “Tích số chấm xuất hiện trên mỗi con xúc xắc không chia hết cho 5”, C là biến cố “Tích số chấm xuất hiện trên mỗi con xúc xắc không chia hết cho 3”.

Khi đó A là biến cố đối của biến cố $B\cup C$.

• Các số chấm không chia hết cho 5 là 1, 2, 3, 4, 6 nên $P\left(B\right)=\frac{5}{6}$.

• Các số chấm không chia hết cho 3 là 1, 2, 4, 5 nên $P\left(C\right)=\frac{4}{6}$.

• Các số chấm không chia hết cho 3 và 5 là 1, 2, 4 nên $P\left(BC\right)=\frac{3}{6}$.

Ta có $P\left(B\cup C\right)=P\left(B\right)+P\left(C\right)-P\left(BC\right)$

$={\left(\frac{5}{6}\right)}^3+{\left(\frac{4}{6}\right)}^3-{\left(\frac{3}{6}\right)}^3=\frac{3}{4}$.

Do đó xác suất của biến cố A là

$P\left(A\right)=1-P\left(B\cup C\right)=1-\frac{3}{4}=\frac{1}{4}.$

Bài 10 trang 100 SBT Toán 11 Tập 2: Một hộp chứa 40 tấm thẻ cùng loại được đánh số lần lượt từ 1 đến 40. Lấy ra ngẫu nhiên đồng thời hai thẻ từ hộp. Tính xác suất của các biến cố:

a) “Tổng các số ghi trên 2 thẻ lấy ra nhỏ hơn 4 hoặc lớn hơn 76”;

b) “Tích các số ghi trên 2 thẻ lấy ra chia hết cho 10”.

Lời giải:

a) Gọi A là biến cố “Tổng các số ghi trên 2 thẻ lấy ra nhỏ hơn 4 hoặc lớn hơn 76”. A₁ là biến cố “Tổng các số ghi trên 2 thẻ lấy ra nhỏ hơn 4” và A₂ là biến cố “Tổng các số ghi trên 2 thẻ lấy ra lớn hơn 76”.

Khi đó $A=A_1\cup A_2$.

Không gian mẫu của phép thử là $n\left(A\right)=C_{40}^2$.

Biến cố A₁ xảy ra khi 2 tấm thẻ được chọn ghi số 1 và 2. Do đó số trường hợp xảy ra của biến cố A₁ là 1. Từ đó

$P\left(A_1\right)=\frac{1}{C_{40}^2}=\frac{1}{780}$.

Biến cố A­₂ xảy ra khi 2 tấm thẻ được chọn ghi số 37 và 40; 38 và 40; 39 và 40; 38 và 39. Do đó số trường hợp xảy ra của biến cố A₂ là 4. Từ đó $P\left(A_2\right)=\frac{4}{C_{40}^2}=\frac{1}{195}$.

Do A₁ và A₂ là hai biến cố xung khắc nên

$P\left(A\right)=P\left(A_1\cup A_2\right)=P\left(A_1\right)+P\left(A_2\right)$

$=\frac{1}{780}+\frac{1}{195}=\frac{1}{156}$.

b) Gọi B là biến cố “Tích các số ghi trên 2 thẻ lấy ra chia hết cho 10”, B₁ là biến cố “Tích các số ghi trên 2 thẻ lấy ra không chia hết cho 5” và B₂ là biến cố “Tích các số ghi trên 2 thẻ lấy ra không chia hết cho 2”.

Khi đó B là biến cố đối của $B_1\cup B_2$.

Từ 1 đến 40 có 8 số chia hết cho 5 và 32 số không chia hết cho 5 nên $n\left(B_1\right)=C_{32}^2$

$P\left(B_1\right)=\frac{C_{32}^2}{C_{40}^2}=\frac{124}{195}.$

Từ 1 đến 40 có 20 số chia hết cho 2 và 20 số không chia hết cho 2 nên $n\left(B_2\right)=C_{20}^2$

$P\left(B_2\right)=\frac{C_{20}^2}{C_{40}^2}=\frac{19}{78}$.

Từ 1 đến 40 có 4 số chia hết cho 10 nên số các số không chia hết cho 2 và 5 là $32-20+4=16$ số. Từ đó ta có

$P\left(B_1{B}_2\right)=\frac{C_{16}^2}{C_{40}^2}=\frac{2}{13}$.

Ta có $P\left(B_1\cup B_2\right)=P\left(B_1\right)+P\left(B_2\right)-P\left(B_1{B}_2\right)$

$=\frac{124}{195}+\frac{19}{78}-\frac{2}{13}=\frac{283}{390}$.

Vậy xác suất của biến cố B “Tích các số ghi trên 2 thẻ lấy ra chia hết cho 10” là

$P\left(B\right)=1-P\left(B_1\cup B_2\right)=1-\frac{283}{390}=\frac{107}{390}.$